BZOJ2588 Count on a tree <树上主席树>

Problem

Count on a tree

Description

给定一棵个节点的树，每个点有一个权值，对于个询问，你需要回答和这两个节点间第小的点权。其中是上一个询问的答案，初始为，即第一个询问的是明文。

Input

第一行两个整数。
第二行有个整数，其中第个整数表示点的权值。
后面行每行个整数，表示点到点有一条边。
最后行每行个整数，表示一组询问。

Output

行，表示每个询问的答案。最后一个询问不输出换行符

Sample Input

8 5
105 2 9 3 8 5 7 7
1 2
1 3
1 4
3 5
3 6
3 7
4 8
2 5 1
0 5 2
10 5 3
11 5 4
110 8 2

Sample Output

Hint

标签：LCA 主席树

Solution

这是一个区间第小的问题，所以可以很自然的想到值域主席树。但是此题将区间移到了树上，于是写树上主席树。
在解区间第小的时候，对于每次询问区间，我们需要找到位置的线段树和位置的线段树，然后递归的时候用个数相减。对于这道题，我们把每个结点到根的那条链作为一个序列，用区间第小的方法存储，然后找到和的（假定它为），递归的时候计算左区间数的个数，即

即。
写的时候注意强制在线的操作方式和读入数后先离散化。

Code

#include <bits/stdc++.h>
#define LOG 20
#define MAX_N 100000
#define mid ((s+t)>>1)
using namespace std;
template <class T> inline void read(T &x) {
    x = 0; int c = getchar(), f = 1;
    for (; !isdigit(c); c = getchar()) if (c == 45) f = -1;
    for (; isdigit(c); c = getchar()) (x *= 10) += f*(c-'0');
}
int n, m, q, cnt;
int rt[MAX_N+5], fa[MAX_N+5][LOG+1], dep[MAX_N+5];
int a[MAX_N+5], b[MAX_N+5], h[MAX_N+5], rk[MAX_N+5];
vector <int> G[MAX_N+5]; struct node {int ls, rs, c;} tr[MAX_N*35+5];
bool cmp (const int &x, const int &y) {return a[x] < a[y];}
void addedge(int u, int v) {G[u].push_back(v), G[v].push_back(u);}
void DFS(int u) {
    for (int i = 1; i <= LOG; i++) if (dep[u] >= (1<<i)) fa[u][i] = fa[fa[u][i-1]][i-1];
    for (int i = 0, v; i < (int)G[u].size(); i++)
        if ((v = G[u][i]) ^ fa[u][0]) fa[v][0] = u, dep[v] = dep[u]+1, DFS(v);
}
int LCA(int a, int b) {
    if (dep[a] < dep[b]) swap(a, b);
    for (int i = LOG; ~i; i--) if (dep[a]-(1<<i) >= dep[b]) a = fa[a][i];	if (a == b)	return a;
    for (int i = LOG; ~i; i--) if (fa[a][i]^fa[b][i]) a = fa[a][i], b = fa[b][i];	return fa[a][0];
}
void modify(int v, int o, int s, int t, int x) {
    tr[v] = tr[o]; if (s == t) {tr[v].c++; return;}
    if (x <= mid) modify(tr[v].ls = ++cnt, tr[o].ls, s, mid, x);
    else modify(tr[v].rs = ++cnt, tr[o].rs, mid+1, t, x);
    tr[v].c = tr[tr[v].ls].c+tr[tr[v].rs].c;
}
int query(int v1, int v2, int v3, int v4, int s, int t, int k) {
    if (s == t) return s;
    int lsz = tr[tr[v1].ls].c+tr[tr[v2].ls].c-tr[tr[v3].ls].c-tr[tr[v4].ls].c;
    if (k <= lsz) return query(tr[v1].ls, tr[v2].ls, tr[v3].ls, tr[v4].ls, s, mid, k);
    return query(tr[v1].rs, tr[v2].rs, tr[v3].rs, tr[v4].rs, mid+1, t, k-lsz);
}
void build(int u) {
    modify(rt[u] = ++cnt, rt[fa[u][0]], 1, m, b[u]);
    for (int i = 0, v; i < (int)G[u].size(); i++)
        if ((v = G[u][i]) ^ fa[u][0]) build(v);
}
int main() {
    read(n), read(q);
    for (int i = 1; i <= n; i++) read(a[i]), rk[i] = i;
    for (int i = 1, u, v; i < n; i++)
        read(u), read(v), addedge(u, v);
    sort(rk+1, rk+n+1, cmp);
    for (int i = 1; i <= n; b[rk[i++]] = m)
        if (i == 1 || (a[rk[i]]^a[rk[i-1]])) h[++m] = a[rk[i]];
    DFS(1), build(1);	int lst = 0;
    while (q--) {
        int u, v, k; read(u), read(v), read(k), u ^= lst; int anc = LCA(u, v);
        printf("%d\n", lst = h[query(rt[u], rt[v], rt[anc], rt[fa[anc][0]], 1, m, k)]);
    }
    return 0;
}